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Hannes F
Asked: 2024-03-11 18:44:48 +0800 CST

在 bash 脚本中使用 wget - 如何获取下载的文件名？（使用内容处置）

  • 772

我正在使用 wget 下载 bash 脚本中的一些文件。我需要像这样使用它：

wget -t 20 --content-disposition $link

这里的问题是，我无法指定输出文件，因为它来自服务器。有什么方法可以从命令本身获取文件名吗？那么它写在哪里以便在脚本中进一步使用它呢？

多谢！

干杯

bash

2 个回答

  1. Man wget 告诉我们：

    -O file --output-document=file 文档不会写入相应的文件，但所有文档将连接在一起并写入文件。如果 - 用作文件，文档将打印到标准输出，禁用链接转换。（使用 ./- 打印到字面名为 - 的文件。）使用 -O 并不意味着简单地“使用名称文件而不是 URL 中的文件；” 相反，它类似于 shell 重定向： wget -O file http://foo 旨在像 wget -O - http://foo > file 一样工作；文件将立即被截断，所有下载的内容将写入其中。

    因此，不支持 -N （用于时间戳检查）与 -O 结合使用：因为文件始终是新创建的，因此它将始终具有非常新的时间戳。如果使用此组合，将会发出警告。

    同样，将 -r 或 -p 与 -O 一起使用可能无法按您的预期工作：Wget 不会仅将第一个文件下载到 file，然后将其余文件下载到其正常名称：所有下载的内容都将放置在 file 中。此功能在版本 1.11 中被禁用，但在 1.11.2 中已恢复（带有警告），因为在某些情况下此行为实际上可以有一些用处。

    请注意，仅在下载单个文档时才允许与 -k 结合使用，因为在这种情况下，它只会将所有相对 URI 转换为外部 URI；当多个 URI 全部下载到单个文件时，-k 对它们没有意义

    简短回答

    wgetOutPut=filename_or_fullpath_and_name
wget -t 20 --content-disposition $link -O $wgetOutPut
    • 0
  2. Best Answer

    感谢您的帮助，但它不能解决问题：我需要来自服务器的文件名进行下载。这个名字就是我在脚本中需要的。

    现在的解决方案对我来说是这样的：

    file_name=$(wget -nv -t 20 --content-disposition "$link" 2>&1 | cut -d\" -f2)

    然后我就有了名字并且可以下载文件..有点愚蠢，但它有效。

    • 0

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