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Robert
Asked: 2024-01-27 00:17:55 +0800 CST

如何序列化计算属性？

  • 772

我有一个具有计算属性的数据类：

import kotlinx.serialization.SerialName
import kotlinx.serialization.Serializable
import kotlinx.serialization.json.Json

@Serializable
data class Mcve (
    val account: String
) {
    @SerialName("type")
    val type =
        if (account.startsWith("1"))
            "preferred"
        else
            "regular"
}

fun main() {
    println(Json.encodeToString(Mcve.serializer(), Mcve("12345")))
}

我想要type序列化该属性，但序列化框架忽略它。上面main只是打印：

{"account":"12345"}

我尝试lazy像下面一样使用，但结果是相同的，它type不包含在 JSON 中。

    @SerialName("type")    
    val type : String by lazy {
        if (account.startsWith("1"))
            "preferred"
        else
            "regular"
    }

如何将 包含type在 JSON 对象中？

kotlin

1 个回答

  1. Best Answer

    该库目前尚未提供此功能，正如评论中 @AlexT 链接的GitHub 问题所证明的那样。看起来库作者将被迫在不久的将来再次考虑这个问题，因为 Kotlin 很快就会实现一个新的支持字段功能。

    我注意到，如果您要序列化以在公共代码中共享类定义的两个 Kotlin 程序之间传输对象，那么这不是问题，因为反序列化器将在实例化类时重新创建该属性。但这是在您将对象传递给非 Kotlin 接收者时（大概在您的情况下）。

    目前解决该问题的方法是使用代理序列化器1。在您的情况下，这将是编写一个新类来表示您想要的 JSON 形式，并将该type属性作为常规属性：

    @Serializable
class McveSurrogate(
    private val account: String, private val type: String
) {
    companion object { fun fromMcve(mcve: Mcve) = with(mcve) { McveSurrogate(account, type) } }

    fun toMove(): Mcve = Mcve(account)
}

    然后您可以使用它作为新序列化器的基础：

    class McveSerializer : KSerializer<Mcve> {
    private val surrogateSerializer get() = McveSurrogate.serializer()

    override val descriptor: SerialDescriptor get() = surrogateSerializer.descriptor

    override fun deserialize(decoder: Decoder): Mcve = surrogateSerializer.deserialize(decoder).toMove()

    override fun serialize(encoder: Encoder, value: Mcve) {
        surrogateSerializer.serialize(encoder, McveSurrogate.fromMcve(value) )
    }
}

    最后，您可以指示框架在原始类上使用它：

    @Serializable(with = McveSerializer::class)
class Mcve

    1如果您打算定期使用此框架并且与非标准类一起使用，那么这是一种非常常见的模式。

    • 2

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